M_X = 13,32

M_Y = 16

Giả sử n_X = 1

có m_X = m_Y ⇒ 13,32 = 16.n_Y ⇒ n_Y = 0,8325

n _anken = n_{H2 phản ứng} = n_X – n_Y = 1 – 0,8325 = 0,1675

⇒ n_{H2 ban đầu} = 0,8325

⇒ 0,8325.2 + 0,1675.M_anken = m_X = 13,32 ⇒ M_anken = 70

⇒ Anken đó là C₅H₁₀.

Đáp án D.

Đáp án D

Hướng dẫn

Vì M - Y = 4.4 = 16 nên suy ra sau phản ứng H₂ còn dư, C_nH_2n đã phản ứng hết

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có :

m_X = m_Y  <=> n_X. M - X = n_Y. M - Y <=>   n X n Y = M - Y M - X =   4 . 4 3 , 33 . 4 = 1 , 2 1

Chọn n_X = 1,2 mol và n_Y =1 mol => n H 2 = n C n H 2 n = n X - n Y  = 0,2 mol

=>  Ban đầu trong X có 0,2 mol C_nH_2n và 1 mol H₂

Ta có : M - X = 0 , 2 . 14 n +   1 . 2 1 , 2 = 3,33.4 => n = 5 => Công thức phân tử olefin là C₅H₁₀

Đáp án D

=> n=5 

Vậy anken cần tìm là C5H10.

Câu 1: 

Áp dụng ĐLBT khối lượng => mX = mY

<=> nX.MX = nY.MY 

<=> \(\dfrac{nX}{nY}=\dfrac{M_Y}{M_X}\) = \(\dfrac{6}{5}\) 

Chọn nX = 6 và nY = 5

=> Số mol H₂ phản ứng = số mol hh khí giảm = nX - nY = 6-5 =1 mol

M_y = 4.4 = 16 (g/mol) và phản ứng xảy ra hoàn toàn => Hỗn hợp Y gồm ankan và H₂ dư

nAnkan = nH₂ phản ứng = 1 mol

nH₂ dư = nY - nAnkan = 4 mol 

mY = mAnkan + mH₂ = 1.(14n+2)  + 4.2 = 16.5 

=> n = 5 Vậy anken là C₅H₁₀  => Chọn D

Câu 2: 

mdd brom tăng = mAnken = 2,8 gam

nAnken = 1,12 :22,4 = 0,05 mol 

=> M_Anken = \(\dfrac{2,8}{0,05}\)= 56 (g/mol) 

<=> 14n = 56 => n = 4 , anken là C₄H₈

C₄H₈  +  Br₂  → C₄H₈Br₂

theo pt => nBr₂ phản ứng = nAnken = 0,05 mol

<=> mBr₂ = 0,05.160 = 8 gam

=> Chọn B

Câu 3 :

nX = \(\dfrac{8,4}{56}\)= 0,15 mol 

nBr₂ phản ứng = nX = 0,15 mol => mBr₂ phản ứng = 0,15.160 = 24 gam

Chọn B

Câu 4: 

X cộng hợp với axit HCl theo tỉ lệ mol 1:1 => X là anken 

C_nH_2n  +  HCl →  C_nH_2n+1Cl

%Cl = \(\dfrac{35,5}{14n+1+35,5}.100\%\)= 45,223%

<=> n = 3 

Vậy CTPT của X là C₃H₆ chọn A

Câu 5:

Gọi số mol C₂H₆ là x mol , C₃H₆ là y mol

=> \(\dfrac{30x+42y}{x+y}\)= 18,6.2 <=> 7,2x = 4,8y

<=> x = 2y/3

%V_C2H6 = \(\dfrac{\dfrac{2y}{3}}{\dfrac{2y}{3}+y}.100\)% = 40% => %V_C3H6 = 100-40 =60%

Chọn C

d_Y/He=\(\dfrac{\overline{M_Y}}{M_{He}}=\dfrac{\overline{M_Y}}{4}\)=4, suy ra \(\overline{M_Y}\)=4.4=16 (g/mol).

Anken phân tử khối nhỏ nhất là etilen C₂H₄ (M=28 g/mol). Vậy sau phản ứng, nếu khí hiđro phản ứng hết thì thu được C₂H₆ (M=30 g/mol) , có thể có C₂H₄ dư (M=28 g/mol). Lúc này, \(\overline{M_Y}\)>28 g/mol. Nên hỗn hợp khí phải còn hiđro.

Tóm lại, \(\overline{M_Y}\)=16 g/mol, tức trong hỗn hợp khí sẽ có khí có phân tử khối nhỏ hơn 16 g/mol, do ban đầu chỉ gồm anken và hiđro, nên còn khí hiđro sau phản ứng là thỏa mãn.

Gọi CT và chọn mol hh là 1mol, anken là x mol, (1 -x) mol

\(PTHH:C_nH_{2n}+H_2\rightarrow C_nH_{2n+2}\)

Ban đầu : x_____1-x______0

Phứng : x_______x__________x

Sau : ____0______1-2x_____x

Hh sau pứ gồm: dư(1-2x)

BTKL: \(m_x=m_y\)

\(\Leftrightarrow3,33.4.1=4,4n_y\)

\(\Leftrightarrow13,32=16\left(1-2x+x\right)\)

\(\Leftrightarrow x=0,1675\Rightarrow m_{anken}=4.3,33-2\left(.1-0,1675\right)=1,655\left(g\right)\)

Chọn B

C₄H₈

Đáp án B

Đáp án là B